论文部分内容阅读
在两个同心圆中，任作两条半径，它们与圆相交，形成的四边形我们称为扇环，如图1阴影部分.近年来，扇环问题频频出现在中考中.有面积问题，弧长问题等，这类中考题大多以现实生活为背景，经常与解直角三角形、方程（组）综合在一起.对于求阴影面积的有关考题，常用的方法有：直接应用公式法，和差法，割补法等.
例1 （2005·山西）图2是一纸杯，它的母线AC和EF延长后形成的立体图形是圆锥.该圆锥的侧面展开图是扇形OAB.经测量，纸杯上开口圆的直径为6cm，下底面直径为4cm，母线长EF=8cm.求扇形OAB的圆心角及这个纸杯的表面积.（图形计算结果用π表示）
【分析】[AB]的长度就是纸杯上开口圆的周长，[CD]的长度就是下底面圆的周长，根据弧长公式可求出OA的长度，∠AOB的度数，从而求出扇环的面积.
解：由题意可知：[AB]的长度为6π，[CD]的长度为4π，设∠AOB=n°，OA=R，则OC=R-8.
由弧长公式得：[nπR180]=6π，[nπ（R-8）180]=4π.解方程組[6×180=nR，4×180=nR-8n.]得[n=45，R=24.]
即扇形OAB的圆心角是45°.
∵R=24，∴R-8=16.
∴S扇形OCD=[12]×4π×16=32π，
S扇形OAB=[12]×6π×24=72π，
S纸杯侧面积=72π-32π=40π.
S纸杯底面积=π×22=4π，从而S纸杯表面积=44π.
【评析】对由多部分构成的面积问题，需先明确要计算哪一部分的面积，它可通过哪些图形进行分割或拼凑而得到.
例2 （2016·黄石）如图3所示，正方形ABCD对角线AC所在直线上有一点O，OA=AC=2，将正方形绕O点顺时针旋转60°，在旋转过程中，正方形扫过的面积是 .
【分析】如图3，正方形绕O点顺时针旋转60°，所扫过的图形是扇环的面积再加上正方形ABCD的面积.
解：∵OA=AC=2，
∴AB=BC=CD=AD=[2]，OC=4，
S阴影=[60?π?42360]-[60?π?22360] [2]2
=2π 2.
故答案为：2π 2.
【点评】此题考查了扇形的面积公式、旋转的性质以及勾股定理，能够把不规则图形的面积转换为规则图形的面积是解答此题的关键.
例3 （2015·宜宾）如图4，以点O为圆心的20个同心圆，它们的半径从小到大依次是1、2、3、4、……、20，阴影部分是由第1个圆和第2个圆，第3个圆和第4个圆，……，第19个圆和第20个圆形成的所有圆环，则阴影部分的面积为（ ）.
A.231π B.210π C.190π D.171π
【分析】根据题意求出各个圆环的面积，进而求出它们的和.
解：由题意知，阴影部分的面积为π（22-12） π（42-32） π（62-52） … π（202-192）=π（3 7 11 15 … 39）=π·5（3 39）=210π，选B.
【点评】本题考查了平方差公式，求自然数和等知识.
例4 （2016·福田二模）如图5，⊙O的半径为2，AB，CD是互相垂直的两条直径，点P是[AD]上一点，过点P作PM⊥AB于点M，PN⊥CD于点N，点Q是MN的中点，当点P从点A沿[AD]转动到点D处时，线段PQ扫过的面积为 .
【分析】矩形的对角线相等且互相平分，即MN=OP=2，OQ=1，点P从点A沿[AD]转动到点D处时，转动的圆心角为90°，线段PQ扫过的面积是圆心角为90°的扇环.
解：连接OP，由矩形性质知：OP=MN，且它们相交于中点Q，则当点P从点A沿[AD]转动到点D处时，转动的图形是90°扇环.线段PQ扫过的面积为[90?π?22360]-[90?π?12360]=[34]π.
【评析】解题的关键是要明确点Q运动的路线是以O为圆心，以1为半径，圆心角为90°的扇形；点P运动的路线是以O为圆心，以2为半径，圆心角等于90°的扇形.所以线段PQ运动的路线是以O为圆心的扇环.
例5 （2015·乐山）如图6，已知A（[23]，2）、B（[23]，1），将△AOB绕着点O逆时针旋转，使点A旋转到点A′（-2，[23]）的位置，则图中阴影部分的面积为 .
【分析】设以O为圆心，以OB为半径的圆交OA于C，交OA′于C′，则曲边形ABC的面积等于曲边形A′B′C′的面积，所以阴影部分的面积等于扇环的面积..
解：∵A（[23]，2）、B（[23]，1），
∴OA=4，OB=[13]，
∵由A（[23]，2）旋转到点A′（-2，[23]），
∴∠A′OA=∠B′OB=90°，根据旋转的性质可得，S曲边形ABC=S曲边形A′B′C′，∴阴影部分的面积等于S阴影=[90?π?42360]-[90?π?132360]=[34]π.
【评析】利用分割法将不规则的图形转化成规则的图形，由条件A、A′的坐标求出∠AOA′的度数为90°是解决问题的关键.
（作者单位：江苏省丰县初级中学）
例1 （2005·山西）图2是一纸杯，它的母线AC和EF延长后形成的立体图形是圆锥.该圆锥的侧面展开图是扇形OAB.经测量，纸杯上开口圆的直径为6cm，下底面直径为4cm，母线长EF=8cm.求扇形OAB的圆心角及这个纸杯的表面积.（图形计算结果用π表示）
【分析】[AB]的长度就是纸杯上开口圆的周长，[CD]的长度就是下底面圆的周长，根据弧长公式可求出OA的长度，∠AOB的度数，从而求出扇环的面积.
解：由题意可知：[AB]的长度为6π，[CD]的长度为4π，设∠AOB=n°，OA=R，则OC=R-8.
由弧长公式得：[nπR180]=6π，[nπ（R-8）180]=4π.解方程組[6×180=nR，4×180=nR-8n.]得[n=45，R=24.]
即扇形OAB的圆心角是45°.
∵R=24，∴R-8=16.
∴S扇形OCD=[12]×4π×16=32π，
S扇形OAB=[12]×6π×24=72π，
S纸杯侧面积=72π-32π=40π.
S纸杯底面积=π×22=4π，从而S纸杯表面积=44π.
【评析】对由多部分构成的面积问题，需先明确要计算哪一部分的面积，它可通过哪些图形进行分割或拼凑而得到.
例2 （2016·黄石）如图3所示，正方形ABCD对角线AC所在直线上有一点O，OA=AC=2，将正方形绕O点顺时针旋转60°，在旋转过程中，正方形扫过的面积是 .
【分析】如图3，正方形绕O点顺时针旋转60°，所扫过的图形是扇环的面积再加上正方形ABCD的面积.
解：∵OA=AC=2，
∴AB=BC=CD=AD=[2]，OC=4，
S阴影=[60?π?42360]-[60?π?22360] [2]2
=2π 2.
故答案为：2π 2.
【点评】此题考查了扇形的面积公式、旋转的性质以及勾股定理，能够把不规则图形的面积转换为规则图形的面积是解答此题的关键.
例3 （2015·宜宾）如图4，以点O为圆心的20个同心圆，它们的半径从小到大依次是1、2、3、4、……、20，阴影部分是由第1个圆和第2个圆，第3个圆和第4个圆，……，第19个圆和第20个圆形成的所有圆环，则阴影部分的面积为（ ）.
A.231π B.210π C.190π D.171π
【分析】根据题意求出各个圆环的面积，进而求出它们的和.
解：由题意知，阴影部分的面积为π（22-12） π（42-32） π（62-52） … π（202-192）=π（3 7 11 15 … 39）=π·5（3 39）=210π，选B.
【点评】本题考查了平方差公式，求自然数和等知识.
例4 （2016·福田二模）如图5，⊙O的半径为2，AB，CD是互相垂直的两条直径，点P是[AD]上一点，过点P作PM⊥AB于点M，PN⊥CD于点N，点Q是MN的中点，当点P从点A沿[AD]转动到点D处时，线段PQ扫过的面积为 .
【分析】矩形的对角线相等且互相平分，即MN=OP=2，OQ=1，点P从点A沿[AD]转动到点D处时，转动的圆心角为90°，线段PQ扫过的面积是圆心角为90°的扇环.
解：连接OP，由矩形性质知：OP=MN，且它们相交于中点Q，则当点P从点A沿[AD]转动到点D处时，转动的图形是90°扇环.线段PQ扫过的面积为[90?π?22360]-[90?π?12360]=[34]π.
【评析】解题的关键是要明确点Q运动的路线是以O为圆心，以1为半径，圆心角为90°的扇形；点P运动的路线是以O为圆心，以2为半径，圆心角等于90°的扇形.所以线段PQ运动的路线是以O为圆心的扇环.
例5 （2015·乐山）如图6，已知A（[23]，2）、B（[23]，1），将△AOB绕着点O逆时针旋转，使点A旋转到点A′（-2，[23]）的位置，则图中阴影部分的面积为 .
【分析】设以O为圆心，以OB为半径的圆交OA于C，交OA′于C′，则曲边形ABC的面积等于曲边形A′B′C′的面积，所以阴影部分的面积等于扇环的面积..
解：∵A（[23]，2）、B（[23]，1），
∴OA=4，OB=[13]，
∵由A（[23]，2）旋转到点A′（-2，[23]），
∴∠A′OA=∠B′OB=90°，根据旋转的性质可得，S曲边形ABC=S曲边形A′B′C′，∴阴影部分的面积等于S阴影=[90?π?42360]-[90?π?132360]=[34]π.
【评析】利用分割法将不规则的图形转化成规则的图形，由条件A、A′的坐标求出∠AOA′的度数为90°是解决问题的关键.
（作者单位：江苏省丰县初级中学）